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题意：
有n个人在排队激活游戏，Tomato排在第m个。
每次队列中的第一个人去激活游戏，有可能发生以下四种情况：
（1）激活失败，继续留在队首，等待下一次激活。
（2）连接失败，退到队尾。
（3）激活成功，离开队列。
（4）服务器瘫痪。
发生的概率分别为p1,p2,p3,p4。
问你服务器瘫痪时，Tomato的位置<=k的概率。
题解：
表示状态：
dp[i][j] = probability
表示当前还有i个人在排队，Tomato在位置j。在这以及之后服务器瘫痪时，Tomato位置<=k的概率。
找出答案：
ans = dp[n][m]
如何转移:
按着四种情况分别写就好：
（1）j == 1: dp[i][1] = dp[i][1]*p1 + dp[i][i]*p2 + p4
（2）2<=j<=k: dp[i][j] = dp[i][j]*p1 + dp[i][j-1]*p2 + dp[i-1][j-1]*p3 + p4
（3）k<j<=i: dp[i][j] = dp[i][j]*p1 + dp[i][j-1]*p2 + dp[i-1][j-1]*p3
令p21 = p2/(1-p1), p31 = p3/(1-p1), p41 = p4/(1-p1)
化简得：
（1）j == 1: dp[i][1] = dp[i][i]*p21 + p41
（2）2<=j<=k: dp[i][j] = dp[i][j-1]*p21 + dp[i-1][j-1]*p31 + p41
（3）k<j<=i: dp[i][j] = dp[i][j-1]*p21 + dp[i-1][j-1]*p31
边界条件：
dp[1][1] = dp[1][1]*(p1+p2) + p4
解得：dp[1][1] = p4/(1-p1-p2)
然而这并没有结束……
转移的时候显然先枚举i，在枚举j。
可是j在当前的i中，是往两个方向转移的：
dp[i][j]需要用到前面的dp[i][j-1]，而dp[i][1]又用到了后面的dp[i][i]……QAQ
所以迭代一下，先解出dp[i][1]：
每一个dp[i][j]都可以表示成 dp[i][j] = p*dp[i][1] + c 的形式。
显然对于最初的dp[i][1]: p = 1, c = 0
对于后面的每一个dp[i][j]: p *= p21, c = c*p21 + dp[i-1][j-1]*p31 + (j<=k)*p41
这样就由前一项的p和c，推出了当前的p和c。
推啊推，直到推出了：dp[i][i] = p*dp[i][1] + c
这时就可以代入解方程了：
代入原来的递推式dp[i][1] = dp[i][i]*p21 + p41中
得到：dp[i][1] = p21*(p*dp[i][1] + c) + p41
解得：dp[i][1] = (p21*c + p41)/(1 - p*p21)
然而还是没有结束……
这题丧病卡空间……所以用滚动数组。
由于转移的时候要用到dp[0][j]的0值，所以第一维MAX_N变成3，i=1,2轮流使用。
这样就好啦~~~
AC Code:
1 #include2 #include 3 #include 4 #define MAX_N 2005 5 #define cal(x) ((!(x))?0:(2-((x)&1))) 6 7 using namespace std; 8 9 int n,m,k;10 double p1,p2,p3,p4;11 double dp[3][MAX_N];12 13 int main()14 {15 memset(dp,0,sizeof(dp));16 while(scanf("%d%d%d%lf%lf%lf%lf",&n,&m,&k,&p1,&p2,&p3,&p4)!=EOF)17 {18 if(p4<1e-5)19 {20 printf("0.00000\n");21 continue;22 }23 double p21=p2/(1-p1);24 double p31=p3/(1-p1);25 double p41=p4/(1-p1);26 dp[cal(1)][1]=p4/(1-p1-p2);27 for(int i=1;i<=n;i++)28 {29 if(i>1)30 {31 double p=1.0,c=0;32 for(int j=2;j<=i;j++)33 {34 p*=p21;35 c=c*p21+dp[cal(i-1)][j-1]*p31;36 if(j<=k) c+=p41;37 }38 dp[cal(i)][1]=(c*p21+p41)/(1-p*p21);39 }40 for(int j=2;j<=i;j++)41 {42 dp[cal(i)][j]=dp[cal(i)][j-1]*p21+dp[cal(i-1)][j-1]*p31;43 if(j<=k) dp[cal(i)][j]+=p41;44 }45 }46 printf("%.5f\n",dp[cal(n)][m]);47 }48 }